2021年山东省潍坊市中考物理试卷
1. “节约用水，人人有责”，应养成随手关闭水龙头的好习惯。水龙头手柄可视为如
图所示杠杆，O为支点，F为阻力，分别用力沿a、b、c、d方向关闭水龙头，其中用力最小的是( )
A. a B. b C. c D. d
2. 一款塔式多孔插座如图所示，其技术参数为：最大电压250V，最
大电流10A，关于该插座的接线和使用方法正确的是( )
A. 插座通电后可用湿布擦去表面灰尘 B. 插座内可以只接火线和零线 C. 手机充电器使用后应与插座断开
D. 标有“220V 3000W”的电热水器可使用该插座
3. 积极承担家务劳动是中学生应具有的品德。小明同学从超市购
买了一箱质量为5kg的鸡蛋，并进行了下列估测，其中最符合事实的是( )
A. 箱内约有80个鸡蛋 B. 一个鸡蛋的直径约为6dm C. 一个鸡蛋重约为5N D. 鸡蛋的密度约为2𝑔/𝑐𝑚3
4. 鼓作为敲击乐器，在重要的节日庆典中频频登场。学校
器乐室有一直径为1m的大鼓，质量为32kg，学校在报告厅内举行庆祝建党一百周年活动，将鼓平放在水平舞台上，下列说法正确的是( )
A. 鼓静止时对舞台的压强约为400Pa B. 若将鼓侧立，鼓对舞台的压强变小
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C. 响鼓还需重锤敲，敲击力越大音调越高 D. 鼓声余音缭绕是由于敲击力不同造成的
5. 为迎接2022年北京冬季奥运会，国家滑雪运动队积
极训练。如图所示，某运动员沿斜坡滑下，获得一定速度后进入水平赛道做匀速直线运动，然后从水平赛道末端飞出，飞行一段时间后落到斜坡上，不计空气阻力，关于运动员的说法正确的是( )
A. 匀速运动过程受力平衡，无惯性 B. 飞行过程受力不变，惯性不变 C. 飞行过程动能增加，惯性变大 D. 飞行过程惯性不变，运动状态不变
6. 传感器在生产生活中有着广泛的应用，一部普通智能手机中就有十几种，传感器能
感受声音、图像、压力、磁场等各种信息，压力传感器的核心部件为压敏电阻。某同学设计的压力传感器如图所示，𝑅0为定值电阻，R为压敏电阻且阻值随压力增大而减小，闭合开关S，下列说法正确的是( )
A. 压力为0时，电压表示数为0 C. 压力变大时，电压表示数变小
B. 压力变大时，电压表示数变大 D. 压力变大时，电流表示数变小
7. 用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，如图所示。
下列说法正确的是( )
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A. 毛皮的原子核束缚电子的能力比橡胶棒强 B. 摩擦过程中毛皮上的电子转移到橡胶棒上 C. 验电器箔片张开是因为两箔片带了正电荷 D. 金属球上的电荷与两箔片上的电荷电性相反
8. 如图所示电路中，开关S断开时，电压表，电流表均无示数；S闭合时，电流表有
示数，电压表无示数，电路中仅有一处故障，下列判断正确的是( )
A. 电阻𝑅1断路 B. 电阻𝑅2断路 C. 电阻𝑅2短路 D. 电阻𝑅3断路
9. 如图所示是某同学自制的玩具电动机，一块釹铁椭圆形磁铁吸在
干电池底部，将一段裸露的铜线折成矩形线框，上边与电池正极接触，下边搭接在磁铁上，观察到线框顺时针转动，则( )
A. 该过程中机械能转化为电能 B. 线框左右两边所受磁场力方向相同 C. 若仅调换电池两极，线框将逆时针转动 D. 若仅调换磁铁两极，线框仍顺时针转动
10. 体育课上小明同学进行传接篮球训练，他将球斜向上抛出，球的运动轨迹如图所示，
a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则篮球在( )
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A. a、c两点的动能相等 C. a点动能比d点动能大
B. a点的机械能比d点机械能大 D. b点的动能最大
11. 中国首个火星探测器“天问一号”的成功着陆，激发了很多同学的研究兴趣。某同
学用无人机模拟火星着陆器的着陆过程，无人机从悬停到竖直下落至地面的𝑣—𝑡图象，如图所示，则无人机( )
A. 在0−1𝑠内不受力 C. 在3−6𝑠内下落了12m
B. 在1−3𝑠内的重力势能增加 D. 在6−7𝑠内做减速运动
12. 充电宝内部主要部件是锂电池，充电宝铭牌上标注了锂电池的电压和容量，民航局
规定严禁携带额定能量超过160𝑊⋅ℎ的充电宝乘机，则电压为3.7𝑉、容量为下列数值的充电宝可以带上飞机的是( )
A. 10000 𝑚𝐴⋅ℎ B. 40000 𝑚𝐴⋅ℎ C. 50 𝐴⋅ℎ D. 30 𝐴⋅ℎ
13. 建筑工地上常用的夹砖器(取砖工具)如图甲所示，用它夹住两块相同的砖、竖直提
起后静止在空中，此时两夹片与砖面平行，如图乙所示，则( )
A. 两砖之间无压力 B. 两砖之间无摩擦力 C. 夹砖器对砖的摩擦力向上
D. 夹片对砖的压力越大，砖受到的摩擦力越大
14. 某同学利用光具座、透镜、蜡烛、光屏探究凸透镜成像规律，记录物距u、像距v
得到的图象如图所示，则( )
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A. 当𝑢=10𝑐𝑚时，成倒立、等大的像 B. 当𝑢=15𝑐𝑚时，成倒立、放大的像 C. 当𝑢=20𝑐𝑚时，成倒立、放大的像 D. 当𝑢=25𝑐𝑚时，成倒立、缩小的像
𝑅1、15. 某电热水器的工作原理如图甲所示，用电磁继电器控制加热和保温状态的转换。
𝑅2为电热丝，且𝑅2=3𝑅1，𝑅3为滑动变阻器，𝑅0为热敏电阻(置于电热水器内)，𝑅0阻值随温度的变化规律如图乙所示。电源E的电压为6V，当𝑅0中的电流𝐼>15𝑚𝐴时，衔铁被吸下，继电器线圈电阻不计，下列说法正确的是( )
A. 热水器的加热功率是保温功率的4倍 B. 𝑆1闭合，当衔铁吸下后，热水器处于加热状态 C. 当热水温度设置为55℃时，𝑅3连入电路的阻值为250𝛺 D. 若提高热水设置温度，应向左移动𝑅3滑片
16. 如图所示，一束光斜射入盛有水的容器中，在容器底形成光斑𝑃1。保持光束和容器
的位置不变，向容器中缓慢加水，光斑移到𝑃2位置时，请在图中画出此时的折射光线及水面位置。
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17. 在内壁光滑的汽缸内，用重为G的活塞封闭一定质量的气体，
把活塞和汽缸按图所示悬挂，静止在空中，图中已标出缸内气体对活塞的作用力𝐹气，请画出活塞所受其它力的示意图。
18. 阅读短文，回答问题：
“长五”助力，“天和”巡天
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2021年4月29日，搭载中国空间站天和核心舱的长征五号B遥二运裁火箭，在我国文昌航天发射场点火升空。长征五号B遥二运载火薪是新一代运载火箭，它使用的是冷藏液氢、液氧低温燃料，液氢温度为−253℃，液氧为183℃。在塔架上未起飞前，这些燃料在与外界空气接触时，火箭侧壁会冒出“白雾”，在“点火”口令下达后，重达800多吨的火箭拔地而起，火箭尾部发出又长又亮的蓝白色火焰，约490s后离开视野。将天和核心舱送入预定轨道后，末级火箭与核心舱分离，末级火箭再入大气层，与大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁。
进入预定轨道的天和核心舱使用的是大功率𝐿𝑇−100型霍尔电推系统，该设备将太阳能先转化为电能，再将电能转化为机械能。天和核心舱使用的是目前世界上最先进的砷化钾太阳能电池翼，它的光电转换效率高达50%以上，而传统的晶硅电池只有20%左右，此外，砷化钾电池还具有很好的耐温性，在250℃高温下也能正常工作。天和号核心舱目前翼展长是13m，未来将发射升空的“问天”号和“梦天”号两个实验舱的太阳翼单侧翼展将达到30𝑚!到那时，“天宫”号空间站的供电能力将达到100kW。
(1)火箭在塔架上未起飞前，侧壁冒出的“白雾”是由水蒸气______ 产生的； (2)末级火箭绝大部分烧蚀销毁过程，火箭的机械能一部分转化______ ； (3)“点火”发射时，使“长五”火箭起飞需要的最小推力大小为______ N； (4)建成后的“天宫”号空间站，太阳能电池接收太阳能的最大功率为______ kW。
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19. 某同学用身边的器材验证平面镜成像特点，实验操作如下：
①在水平桌面上铺一张白纸，在白纸上竖立一透明玻璃板，在白纸上沿透明玻璃板画一条直线；
②取两个相同的矿泉水瓶盖a、b，盖的边缘涂上印泥，在玻璃板一侧放置瓶盖a且用力按一下，观赛a在玻璃板中的像。手持瓶盖b移至与a像重合。稍用力按下b记录a像的位置；
③多次改变a的位置，重复步骤②，白纸上得到对应的物、像痕迹。 请回答下列问题：
(1)为保证实验效果，下列操作正确的是______ A.实验过程中玻璃板底边必须与所画直线重合 B.实验过程中玻璃板底边与直线平行即可 C.玻璃板必须垂直纸面 D.玻璃板可适当倾斜 E.应选用较厚的玻璃板
(2)若不使用直尺和三角板，要验证物、像是否对称，接下来进行的实验操作是______ 。
20. 一同学从实验室借来带密封条的玻璃罩、抽气泵等器材，分别进行了下列探究，请
你根据观察到的实验现象，选择“变大”、“变小”或“不变”填入空格中。
(1)将图甲所示正在响铃的闹钟放入玻璃罩内，抽走罩内气体，闹铃的声音______ ； (2)将图乙所示盛有少量热水的烧杯放入玻璃罩内，抽走罩内气体，杯内的水沸腾，杯内水的温度值______ ；
(3)将图丙所示的装置放入玻璃罩内，抽走罩内气体，试管内外水面的高度差______ 。
21. 某同学到海边游玩时捡到一块鹅卵石，他利用身边的细线、弹簧测力计、量杯进行
了下列操作：
①用细线系住石块，悬挂在测力计下，记录测力计示数为𝐹1， ②量杯中装入海水，记录此时水面刻度为𝑉𝑎。
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石块静止时，③将测力计悬挂的石块完全浸没在海水中(不接触杯底且海水不溢出)，记录水面刻度值为V，测力计示数为𝐹2。
请回答下列问题(已知重力与物体质量的比值为g。) (1)鹅卵石的质量为______ ，鹅卵石的密度为______ 。 (2)海水的密度为______ 。 22. 现有下列实验器材：
①额定电压为2.5𝑉的小灯泡；
②电压约为6V的直流电源； ③量程为6V的电压表；
④最大阻值为99.99𝛺的电阻箱R； ⑤开关𝑆1，单刀双掷开关𝑆2，导线若干。
要测量小灯泡的额定功率，请将下列实验步骤补充完整。 (1)按电路图甲将图乙所示的实物图连接完整。
(2)先将电箱阻值调到______ (选填“最大”、“最小”或“任意值”)再闭合开关𝑆1；
(3)将𝑆2掷向a，调节电阻箱阻值，使电压表示数𝑈1=2.5𝑉，再将𝑆2掷向b，电压表示数𝑈2及电阻箱示数R如图丙所示，𝑈2= ______ V，𝑅= ______ 𝛺，则该小灯泡的额定功率为______ W。
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23. 某同学估算煤气灶烧水时的效率，他在烧水壶中装入𝑉=2.5𝐿水，烧水前的水为
20℃，将水加热至100℃，立即关闭煤气，烧水前、后燃气表的示数变化“△𝑉=0.105𝑚3”，该同学查得煤气的热值𝑞=4×107𝐽/𝑚3，水的密度𝜌=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3，水的比热容为4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)，求： (1)水吸收的热量； (2)燃气灶烧水效率。
24. 楼房装修常用如图所示装置将物料吊运到楼上。已知该装
置电动机的额定功率𝑃=2.2𝑘𝑊，电动机将电能转换为机械能的效率𝜂=50%，某次吊运过程中将物料匀速提升ℎ=16𝑚，所用时间𝑡=40𝑠，求： (1)电动机拉绳的速度大小， (2)电动机对绳的拉力大小。
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25. 某电动三轮车坐垫加热装置的简化电路如图所示，电路中𝑅0、𝑅1、𝑅2均为发热电
阻，已知，𝑅1=3𝛺，𝑅2=9𝛺，仅闭合𝑆1时，加热功率𝑃1=24𝑊；仅闭合𝑆2时，加热功率𝑃2=12𝑊，求： (1)电源电压U及𝑅0的电阻值； (2)该装置的最大加热功率。
26. 如图甲所示，原长𝑥0=16𝑐𝑚的弹簧，下端固定在容器的底部，上端与一正方体相
连，正方体重𝐺=48𝑁，向容器中慢慢注入某种液体，弹簧的长度x随液体深度h的变化关系如图乙所示，正方体有一半浸没在液体中时，弹簧恰好处于原长。在弹性限度内，弹簧的弹力F与其形变量△𝑥间的关系为𝐹=𝑘△𝑥，忽略弹簧的质量和体积，g取10𝑁/𝑘𝑔，求
(1)𝑘的值；
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(2)正方体的密度；
(3)正方体上表面刚好与液面相平时，容器底部所受液体的压强。
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答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：在A点施加动力，当动力的方向与杠杆垂直时动力臂最大，此时最省力，即沿b方向用动力最小。 故选：B。
此题是求杠杆最小力的问题，已知点A是动力作用点，那么只需找出最长动力臂即可，可根据这个思路进行求解。
此题主要考查了学生对杠杆平衡条件的应用，要使动力最小，则力臂应最长，找到动力作用点A到支点O的最长动力臂是解决问题的关键。
2.【答案】C
【解析】解：A、湿抹布是导体，用湿布擦通电的插座时，容易发生触电，故不能用湿抹布擦灰尘，故A错误；
B、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，可防止金属外壳漏电时发生触电事故，所以插座内除了接火线和零线外，还要接地线，故B错误； C、为了安全，手机充电器使用后要拔离插座，故C正确；
D、标有“220V 3000W”的电热水器属于大功率用电器，正常工作时的电流𝐼=𝑈=
3000𝑊220𝑉
𝑃
≈13.6𝐴>10𝐴，应该使用专用插座；若使用多空插座，容易因电路中电流过大，
引起火灾，故D错误。 故选：C。
(1)湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
(2)大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地； (3)为了安全，手机充电器使用后要拔离插座；
(4)不能在插线排上同时使用大功率用电器，否则电路中电流过大，容易引起火灾。 本题考查了安全用电的要求，我们在生活中要严格遵守安全用电原则，预防发生危险。
3.【答案】A
【解析】解：A、一箱质量为5kg的鸡蛋，一个鸡蛋的质量约60g，所以鸡蛋的个数约为83个，故A正确；
B、一个蛋的直径约为6cm，故B错误；
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C、一个鸡蛋重约为0.6𝑁，故C错误； D、鸡蛋的密度约为1.1𝑔/𝑐𝑚3，故D错误。 故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
4.【答案】A
A、𝐹=𝐺=𝑚𝑔=32𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=320𝑁，【解析】解：鼓平放时，对舞台的压力为：受力面积为：𝑆=𝜋𝑟2=3.14×(0.5𝑚)2=0.785𝑚2， 鼓对舞台的压强为：𝑝=𝑆=0.785𝑚2=407.6𝑃𝑎，故A正确；
B、由压强公式𝑝=𝑆可知：鼓侧立，鼓对舞台的压力不变，受力面积变小，则压强变大，故B错误；
C、敲鼓时，用力越大，鼓面的振幅越大，鼓声的响度就越大，而音调随振动频率增大而升高，故C错误；
D、余音缭绕是声音的反射造成的回声现象，故D错误。 故选：A。
(1)根据压强公式𝑝=𝑆估算其对舞台的压强；
(2)根据压强公式𝑝=𝑆分析侧立时鼓对舞台的压强变化； (3)音调与频率高低有关，响度与振幅有关； (4)余音缭绕是声音的反射造成的回声现象。
本题主要考查压强公式的应用以及声音特征的基础知识，难度不大。
𝐹𝐹𝐹
𝐹
320𝑁
5.【答案】B
【解析】解：
A、运动员匀速运动过程(即在水平赛道上做匀速直线运动)，处于平衡状态，则运动员受力平衡；因一切物体都具有惯性，所以此时运动员仍然有惯性，故A错误； BCD、惯性大小只与物体的质量有关，运动员飞行过程中，其质量不变，则惯性不变； 不计空气阻力，运动员飞行过程中只受到重力作用，即受力不变，故B正确； 运动员飞行过程中质量不变，因速度变大，则动能变大，故C错误；
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运动员飞行过程中，其运动方向和速度大小不断改变，所以运动员的运动状态发生改变，故D错误； 故选：B。
(1)惯性是指物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性；惯性大小只与物体的质量有关，质量不变时，惯性不变。
(2)物体保持静止或匀速直线运动时，处于平衡状态，不受力或受平衡力的作用； (3)影响动能大小的因素是质量和速度。
本题考查了对惯性大小、平衡状态以及影响动能大小的因素的理解，涉及的知识点较多，但难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S，定值电阻𝑅0和压敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.由压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力为0时，R的阻值不为零， R两端的电压不为0，由串联电路的分压特点可知，即电压表的示数不为0，故A错误； 𝐵𝐶𝐷.由压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力变大时，R的阻值减小，电路的总电阻减小，
由𝐼=𝑅可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故D错误； 由𝑈=𝐼𝑅可知，𝑅0两端的电压变大， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B错误、C正确。 故选：C。
由电路图可知，闭合开关S，定值电阻𝑅0和压敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力为0时，R的阻值不为零，根据串联电路的分压特点可知R两端的电压是否为0，从而得出电压表的示数是否为0； (2)根据压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力变大时R的阻值变化，从而得出电路的总电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和𝑅0两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，从而得出电压表示数的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。
𝑈
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7.【答案】B
【解析】解：AB、用毛皮摩擦橡胶棒，由于橡胶棒的原子核束缚核外电子的本领强，会从毛皮夺得电子，即一部分电子从毛皮转移到橡胶棒，所以橡胶棒因有多余的电子带负电，故A错误，B正确；
CD、验电器的金属箔片由于带同种电荷相互排斥而张开，金属球上的电荷与两箔片上的电荷电性相同，故CD错误。 故选：B。
(1)摩擦可以使物体带电，其实质是电子发生了转移；
(2)验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥。
知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的制作原理是解决该题的关键。
8.【答案】D
【解析】解：开关S断开时，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量𝑅2两端的电压；电流表无示数，说明电路出现了断路现象；电压表无示数，说明电压表与电源之间是断开的，所以故障可能是𝑅3断路或𝑅1断路；
S闭合时，只有𝑅1接入电路中，电流表测量电路中的电流，有示数，说明𝑅1是通路，电压表被短路，电压表无示数，所以故障是电阻𝑅3断路。 故选：D。
电路故障有两种：断路和短路，根据电流表、电压表的示数分析故障的原因。 电路故障短路和断路的判断，短路时电路中有电流，断路时电路中无电流。特别是电压表所测的用电器断路，电压表与电路串联。要会辨别不同故障所出现的不同情况。
9.【答案】C
【解析】解：
A、玩具电动机在通电后会消耗电能，电能转化为机械能，故A错误；
B、线框左右两边导线的电流的方向相同，磁场的方向不同，所以受到的磁场力方向不相同，故B错误；
C、若仅调换电池两极，磁场的方向不变，电流的方向改变，则磁场力的方向改变，线框将逆时针转动，故C正确；
D、若仅调换磁铁两极，磁场的方向改变，电流方向不变，线框将逆时针转动，故D错误。
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故选：C。
(1)电动机在工作的过程中会消耗电能；
(2)(3)(4)通电导体在磁场中受力的方向与磁场的方向、电流的方向有关。
本题考查了能量的转化、影响通电导体在磁场中所受磁场力方向的因素，难度不大。
10.【答案】A
【解析】解：
篮球的质量不变，则重力势能大小取决于高度，由图知ℎ𝑏>ℎ𝑎=ℎ𝑐>ℎ𝑑，所以篮球在b点的重力势能最大，a点和c点的重力势能相等，d点的重力势能最小； 不计空气阻力，篮球在a、b、c、d各点的机械能相等；
篮球在空中运动时没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，则机械能等于动能与重力势能之和，
b点的重力势能最大，d点的重力势能最小，a、则b点的动能最小；则d点的动能最大；c两点的高度相等，重力势能相等，且机械能相等，所以a、c两点的动能相等，故A正确，BCD错误。 故选：A。
(1)动能大小跟质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大； 重力势能与质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(2)不计空气阻力，篮球在运动过程中机械能保持不变；篮球在空中运动时没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，则机械能等于动能与重力势能之和；据此解答。
本题考查了动能和重力势能大小的影响因素，关键要知道：在不计空气阻力的情况下，篮球的机械能是守恒的。
11.【答案】CD
【解析】解：
A、由图像可知，在0−1𝑠内无人机的速度为0，处于悬停状态，此时无人机受到竖直向下的重力、竖直向上的升力的作用，且二力平衡，故A错误；
B、在1−3𝑠内无人机下落过程中，高度变小，质量不变，其重力势能变小，故B错误； C、由图像可知在3−6𝑠内无人机匀速下落的速度为4𝑚/𝑠，运动的时间为3s， 则无人机下落的高度为：ℎ=𝑣𝑡=4𝑚/𝑠×3𝑠=12𝑚，故C正确；
D、由图像可知，在6−7𝑠内无人机的速度变小，即在做减速运动，故D正确。 故选：CD。
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(1)无人机悬停时受力平衡；
(2)重力势能的大小与质量和高度有关；
(3)根据图像得出在3−6𝑠内无人机下落的速度，根据速度公式求出该过程中通过的路程； (4)根据图像分析在6−7𝑠内无人机的速度变化。
本题考查了对𝑣−𝑡图像的分析、速度公式的应用、影响重力势能大小的因素、受力分析，难度不大。
12.【答案】ABD
【解析】解：由题意可知额定能量超过160𝑊⋅ℎ的充电宝不能带上飞机，则充电宝的最𝑄=大容量为：飞机。 故选：ABD。
根据公式𝑊=𝑈𝑄的变形计算电池的容量，比较可知正确答案。 本题考查能量公式𝑊=𝑈𝑄的灵活运用，计算比较可知正确答案。
𝑊𝑈
=
160𝑊⋅ℎ3.7𝑉
≈43.24𝐴⋅ℎ=43240𝑚𝐴⋅ℎ，凡是小于该容量的都可以带上
13.【答案】C
【解析】解：A、用夹子夹住两块相同的砖，两块砖之间存在压力，故A错误； B、对其中的一块砖受力分析，其受到竖直向下的重力、夹片对砖竖直向上的摩擦力和另一砖对其竖直向上的摩擦力的作用，根据力的相互性可知，两块砖之间存在摩擦力，故B错误；
C、对两块砖整体分析，其受力平衡，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力的作用，故C正确；
D、夹片对砖的压力变大，砖受力平衡，摩擦力等于砖的重力，摩擦力保持不变，故D错误。 故选：C。
先对两块砖整体分析，根据力的平衡求出摩擦力的大小；根据二力平衡判定砖受到的摩擦力的变化。
本题考查了摩擦力的大小和方向、二力平衡条件的应用，难度不大。
14.【答案】BD
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【解析】解：因为当𝑢=𝑣=2𝑓时，凸透镜成倒立、等大的实像，即𝑢=𝑣时，凸透镜成倒立、等大的实像，如下图，在图像中找出𝑢=𝑣的点，
1
1
11
由图像可知𝑢=𝑣=5.0𝑚−1，则𝑢=𝑣=2𝑓=5.0𝑚−1=0.2𝑚=20𝑐𝑚，所以𝑓=10𝑐𝑚， A、当𝑢=10𝑐𝑚时，𝑓=10𝑐𝑚，即𝑢=𝑓，不成像，故A错误； B、当𝑢=15𝑐𝑚时，即2𝑓>𝑢>𝑓，成倒立、放大的实像，故B正确； C、当𝑢=20𝑐𝑚时，即𝑢=2𝑓，成倒立、等大的实像，故C错误； D、当𝑢=25𝑐𝑚时，即𝑢>2𝑓，成倒立、缩小的实像，故D正确。 故选：BD。
要解决此题，需先根据𝑢=2𝑓，成倒立、等大的实像，𝑣=2𝑓，并结合图像判断该凸透镜的焦距；
再根据凸透镜成像的几种情况进行判断：𝑢>2𝑓，成倒立、缩小的实像；𝑢=2𝑓，成倒立、等大的实像；2𝑓>𝑢>𝑓，成倒立、放大的实像；𝑢=𝑓，不成像；𝑢<𝑓，成正立、放大的虚像。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
111
15.【答案】AC
【解析】解：
𝐴𝐵.衔铁与上触点接触时工作电路为𝑅1的简单电路，衔铁与下触点接触时工作电路为𝑅1、𝑅2串联，
因串联电路中总电阻大于任何一个分度值，
所以，衔铁与上触点接触时电路的总电阻最小，由𝑃=𝑈𝐼=率最大，处于加热状态，
同理可知，衔铁与下触点接触时，处于保温状态，故B错误； 热水器的加热功率和保温功率的比值：
𝑈2𝑅
可知，工作电路的总功第19页，共27页
𝑃加热𝑃保温
=
𝑈2𝑅1𝑈2𝑅总
=
𝑅总𝑅1
=
𝑅1+𝑅2𝑅1
=
𝑅1+3𝑅1
𝑅1
=，即热水器的加热功率是保温功率的4倍，故A正1
4
确；
C.当热水温度设置为55℃时，电路中的电流𝐼=15𝑚𝐴=0.015𝐴，此时衔铁被吸下，工作电路处于保温状态，
由𝐼=𝑅可得，电路的总电阻：𝑅总′=
𝑈
𝐸𝐼
=0.015𝐴=400𝛺，
6𝑉
由图乙可知，此时热敏电阻的阻值𝑅0=150𝛺， 因继电器线圈电阻不计，
所以，𝑅3=𝑅总′−𝑅0=400𝛺−150𝛺=250𝛺，故C正确；
D.因电磁铁被吸下时控制电路的电流为15mA不变，即此时控制电路的总电阻不变， 所以，若提高热水设置温度(即𝑅0的阻值更小)，应增大𝑅3的阻值，则滑片应向右移动，故D错误。 故选：AC。
(1)衔铁与上触点接触时工作电路为𝑅1的简单电路，衔铁与下触点接触时工作电路为𝑅1、𝑅2串联，根据电阻的串联比较两种情况下电路的总电阻关系，电源的电压一定时，根据𝑃=𝑈𝐼=
𝑈2𝑅
可知，工作电路的电阻越小，处于加热状态，反之处于保温状态；根据电𝑈2𝑅
阻的串联和𝑃=𝑈𝐼=关系；
求出热水器的加热功率和保温功率的比值即可得出两者的功率
(2)当热水温度设置为55℃时，电路中的电流为15mA，此时衔铁被吸下，工作电路处于保温状态，根据欧姆定律求出电路的总电阻，根据图乙读出此时热敏电阻的阻值，继电器线圈电阻不计，利用电阻的串联求出𝑅3连入电路的阻值；
(3)电磁铁被吸下时控制电路的电流为15mA不变，此时控制电路的总电阻不变，根据图乙可知温度越高时热敏电阻的阻值越小，利用电阻的串联可知提高热水设置温度时𝑅3的阻值变化，从而得出滑片移动的方向。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用等，明白电热水器的工作原理和从图象中获取有用的信息是关键。
16.【答案】解：光线从空气中斜射入水中时，折射光线会靠近法线，保持入射光线不
变，向容器中缓慢加水，折射点发生了变化，但折射光线的方向不变，即𝑃2位置的折射光线与𝑃1位置的折射光线是平行的，据此做出折射光线，该折射光线与入射光线的交点为折射点，也是水面的位置，如图所示：
第20页，共27页
【解析】折射规律的内容：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。
此题主要通过作图考查了学生对光的折射规律的掌握，特别要注意折射角与入射角之间的关系。
17.【答案】解：根据题意可知，活塞处于静止状态，受到的合力为0，活塞受到竖直
向下的重力、缸内气体对活塞竖直向上的作用力𝐹气、外界大气对活塞竖直向下的压力F、绳子对活塞竖直向上的拉力𝐹拉的共同作用；这四个力的作用点在活塞的中心上，力的示意图如下：
。
【解析】活塞处于静止状态，受到的合力为0，对活塞受力分析，然后作出力的示意图。 本题考查了力的示意图的画法，明确活塞的受力情况是解题的关键。
18.【答案】液化 内能 8×106 200
【解析】(1)运载火线使用的是冷藏液氢、液氧低温燃料，当他们与外界空气接触时，空气中的水蒸气遇冷会液化成小水滴，即产生“白雾”；
(2)末级火箭进入入大气层，与大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁，在该过程中，
第21页，共27页
与大气剧烈摩擦，火箭的机械能一部分会转化成内能；
(3)火箭的质量为：𝑚=800𝑡=8×105𝑘𝑔，由𝐺=𝑚𝑔得，火箭的重力为：𝐺=𝑚𝑔=8×105𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=8×106𝑁，要使火箭升空，给它施加的推理至少等于自身的重力，即𝐹=8×106𝑁；
(4)太阳能电池光电转换效率高达50%，供电能力为100Kw，则接受太阳能的最大功率为𝑝=100𝑘𝑊÷50%=200𝑘𝑊。
(1)空气中的水蒸气遇冷会液化成小水滴；(2)末级火箭大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁，摩擦生热，机械能转化为内能；(3)要使火箭升空，给它施加的推理至少等于自身的重力，根据𝐺=𝑚𝑔计算即可；(4)根据太阳能电池光电转换效率高达50%是指供电能力与接收太阳能的比值是50%。
本题考查的内容有物态变化、能量转化、力的分析及效率的应用，是一道综合性比较强的题目。
19.【答案】AC 将白纸沿着所画直线对折
【解析】解：(1)𝐴𝐵.实验过程中玻璃板底边必须与所画直线重合，这样便于测量物距和像距的大小，故A正确，B错误；
𝐶𝐷.为了使蜡烛与前面蜡烛的像完全重合，玻璃板要与纸面垂直，故C正确，D错误； E.由于像是由光的反射形成的，而普通玻璃的两面都能反射光，能成两个像，所以通过玻璃板该同学看到了同一个蜡烛的两个像；故实验时应换用较薄的玻璃板，故E错误； 故选AC；
(2)若不使用直尺和三角板，要验证物、像是否对称，可以将白纸沿着所画直线对折，若像与物体重合，则表明物、像关于镜面是对称的。 故答案为：(1)𝐴𝐶；(2)将白纸沿着所画直线对折。
(1)在探究平面镜成像特点的实验中，需要控制玻璃板与纸面垂直，这样像才能成在水平面上；为了减小玻璃板的两个反射面成像带来的影响，应选用较薄的玻璃板； (2)平面镜所成的像关于镜面是对称的。
本题考查了平面镜成像的特点。注意要使平面镜与桌面垂直，这样才能确定出像的位置，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点。
20.【答案】变小 变小 变小
【解析】解：(1)声音的传播需要介质，真空不能传声。声音在空气中传播时，空气越稀薄，传声效果越差。所以抽走罩内气体后，闹铃的声音会变小。
第22页，共27页
(2)液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。抽走空气后，水的沸点降低，所以水又开始沸腾并产生大量的水蒸气。水的沸腾需要吸热，这将导致水的内能减少、温度降低。
(3)一般情况下，大气压能支撑的水柱约为10m，而试管的高度远低于10m，所以试管内水柱上方存在空气，此时“水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压”。将图丙所示的装置放入玻璃罩内，抽气的过程中，管外水面处的气压逐渐降低，由“水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压”可知，水柱的高度将降低。当管内外气压相等时，管内外水面相平。当管外气压低于管内气压时，管内水面将低于管外水面。当时不论如何抽气，相比于未抽气前，试管内外水面的高度差都小了。
故答案为：(1)变小；(2)变小；(3)变小。 (1)声音的传播需要介质，真空不能传声。、 (2)液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
(3)当水柱上方是真空时，水柱对液面的产生的压强等于大气压；当水柱上方有空气时，水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压。
本题的难点在于第(2)问。若忽略水的沸腾需要吸收热量，可能会得出“不变”的结论。
1112
𝑔(𝑉−𝑉) 𝑔(𝑉−𝑉) 21.【答案】𝑔
𝑎𝑎
𝐹𝐹𝐹−𝐹
【解析】解：(1)记录测力计示数为𝐹1，此时𝐺=𝐹1，由𝐺=𝑚𝑔可得，鹅卵石的质量；
1
𝑚=𝑔=𝑔；
𝐺𝐹
鹅卵石的体积𝑉石=𝑉−𝑉𝑎， 鹅卵石的密度𝜌==𝑉
石
𝑚
𝐺
𝑔
𝑉−𝑉𝑎
=
𝐹1𝑔
𝑉−𝑉𝑎
1
； =𝑔(𝑉−𝑉)
𝑎
𝐹
(2)鹅卵石在海水中受到的浮力𝐹浮=𝐺−𝐹2=𝐹1−𝐹2， 由𝐹浮=𝜌海水𝑔𝑉排可得，海水的密度为 𝜌海水=
𝐹浮𝑔𝑉排
=
𝐹1−𝐹2
𝑔(𝑉−𝑉𝑎)𝐹
。
𝐹
𝐹−𝐹
1112
故答案为：(1)𝑔；𝑔(𝑉−𝑉)；(2)𝑔(𝑉−𝑉)。
𝑎
𝑎
(1)用细线系住石块，悬挂在测力计下，记录测力计示数为𝐹1，此时𝐺=𝐹1，由此可求得的鹅卵石的质量；
(2)读出弹簧测力计示数，由称重法计算浮力，由排水法可求得鹅卵石排开水的体积，
第23页，共27页
由𝜌=𝑉可求得鹅卵石的密度；
𝑉排=𝑉石，𝐹浮=𝜌海水𝑔𝑉排公式变形可求得海水的密度。(3)因为石块完全浸没在海水中， 本题是固体密度测量的实验，主要考查了密度的计算以及称重法计算浮力和阿基米德原理的应用，有一定的难度。
𝑚
22.【答案】最大 5.8 6.6 1.25
【解析】解：当𝑆2掷向a时，小灯泡正常发光，此时的电压为小灯泡的额定电压，即𝑈额=2.5𝑉
当𝑆2掷向b端时，小灯泡仍然正常发光，此时小灯泡和电阻箱串联，电压表测灯泡和电阻箱两端的电压
那么电阻箱两端的电压为𝑈𝑅=5.8𝑉−2.5𝑉=3.3𝑉 通过电阻箱的电流为𝐼𝑅=
𝑈𝑅𝑅
=6.6𝛺=0.5𝐴
3.3𝑉
小灯泡的额定功率𝐼额=𝐼𝑅=0.5𝐴 所以小灯泡的额定功率𝑃额=𝑈
额
𝐼额=2.5𝑉×0.5𝐴=1.25𝑊
测量小灯泡电功率的原理是𝑃=𝑈𝐼，在闭合开关之前，为了保障电路安全，需要将电阻箱的组织调到最大，此时电路中的电流最小。当𝑆2掷向a端时，小灯泡两端的电压为它的额定电压2.5𝑉，此时小灯泡正常发光；当𝑆2掷向b端时，小灯泡仍然正常发光，此时小灯泡和电阻箱串联，电压表测灯泡和电阻箱两端的电压，即电源电压。可知，只需求出小灯泡的额定电流即可得出小灯泡的额定电压。而小灯泡和电阻箱串联，因此求出电阻箱的电流即为小灯泡的额定电流。最后，根据𝑃=𝑈𝐼可得出小灯泡的额定功率。 此题的难点在于如何求出小灯泡的额定电流，当然，需要熟练的运用公式
23.【答案】解：(1)已知𝑉=2.5𝐿=2.5𝑑𝑚3=2.5×10−3𝑚3，
由𝜌=𝑉可得，水的质量𝑚=𝜌𝑉=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×2.5×10−3𝑚3=2.5𝑘𝑔， 烧开这壶水，水吸收的热量为：
𝑄吸=𝑐水𝑚△𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×2.5𝑘𝑔×(100℃−20℃)=8.4×105𝐽； (2)煤气燃烧放出的热量：
𝑄放=△𝑉𝑞=0.105𝑚3×4×107𝐽/𝑚3=4.2×106𝐽， 燃气灶烧水效率为：
𝑚
第24页，共27页
𝜂=𝑄×100%=4.2×106𝐽×100%=20%。
放
𝑄吸
8.4×105𝐽
答：(1)水吸收的热量为8.4×105𝐽； (2)燃气灶烧水效率为20%。
【解析】(1)由密度公式变形可求得水的质量，根据𝑄吸=𝑐水𝑚△𝑡算出烧开这壶水，水吸收的热量；
(2)根据𝑄放=𝑉𝑞算出煤气燃烧放出的热量；根据𝜂=𝑄×100%算出燃气灶烧水效率。
放
𝑄吸
本题考查了密度公式、吸热公式、放热公式以及热效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型。
24.【答案】解：(1)图中使用滑轮组提升物体，𝑛=2，
则自由端移动的距离：𝑠=2ℎ=2×16𝑚=32𝑚， 电动机拉绳的速度：𝑣=𝑡=
𝑠
32𝑚40𝑠
=0.8𝑚/𝑠；
(2)电动机的额定功率𝑃=2.2𝑘𝑊=2200𝑊，电动机消耗的电能：𝑊=𝑃𝑡=2200𝑊×40𝑠=88000𝐽，
电动机做功：𝑊′=𝑊𝜂=88000𝐽×50%=44000𝐽， 电动机对绳的拉力：𝐹=
𝑊′𝑠
=
44000𝐽32𝑚
=1375𝑁。
答：(1)电动机拉绳的速度大小为0.8𝑚/𝑠； (2)电动机对绳的拉力大小为1375N。
(1)图中使用滑轮组提升物体，𝑛=2，【解析】则自由端移动的距离𝑠=2ℎ，知道时间，根据𝑣=𝑡计算电动机拉绳的速度；
(2)根据𝑊=𝑃𝑡计算电动机消耗的电能，根据效率公式的变形计算电动机做功，根据做功公式的变形𝐹=𝑠计算电动机对绳的拉力。
本题考查滑轮组的使用、速度公式、做功公式、功率公式、效率公式的灵活运用，属于常考题，难度不大。
𝑊
𝑠
25.【答案】解：(1)仅闭合𝑆1时，𝑅0、𝑅1串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻
之和，加热功率𝑃1=𝑅
𝑈2
0+𝑅1
=𝑅
𝑈2
0+3𝛺
=24𝑊-------①，
仅闭合𝑆2时，𝑅0、𝑅2串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，加热功率𝑃2=
𝑈2𝑅0+𝑅2
=𝑅
𝑈2
0+9𝛺
=12𝑊------②，
第25页，共27页
①②两式联立，解得：𝑅0=3𝛺，𝑈=12𝑉；
(2)全部开关闭合，𝑅1、𝑅2并联接入电路，并联电路总电阻小于任何一个分电阻，由欧姆定律可得此时通过电路的电流最大，则电路的总功率最大， 电路总功率等于各部分功率之和，所以该装置的最大加热功率：𝑃=
(12𝑉)29𝛺
𝑈2𝑅1
+
𝑈2𝑅2
=
(12𝑉)23𝛺
+
=48𝑊+16𝑊=64𝑊。
答：(1)电源电压U为12V，𝑅0的电阻值为3𝛺； (2)该装置的最大加热功率为64W。
【解析】(1)仅闭合𝑆1时，𝑅0、𝑅1串联接入电路，根据串联电路电阻规律结合电功率公式的变形𝑃=
𝑈2𝑅
可表示加热功率𝑃1，仅闭合𝑆2时，𝑅0、𝑅2串联接入电路，根据串联电路
𝑈2𝑅
电阻规律结合电功率公式的变形𝑃=𝑅0的电阻值；
可表示加热功率𝑃2，列出方程可得电源电压U及
(2)闭合所有开关，𝑅1、𝑅2并联接入电路，根据并联电路电阻特点结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由𝑃=𝑈𝐼可知此时电路的总功率最大，电路总功率等于各部分功率之和，进一步计算该装置的最大加热功率。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，利用𝑃=列出方程是解题的关键。。
𝑈2𝑅
26.【答案】解：(1)由乙图可知，液体深度ℎ=0时，弹簧的长度𝑥=6𝑐𝑚，弹簧压缩的
长度：△𝑥=16𝑐𝑚−6𝑐𝑚=10𝑐𝑚，此时𝐹=𝐺=48𝑁， 𝑘=△𝑥=10𝑐𝑚=4.8𝑁/𝑐𝑚；
(2)正方体的质量：𝑚=𝑔=10𝑁/𝑘𝑔=4.8𝑘𝑔，
26𝑐𝑚−16𝑐𝑚=10𝑐𝑚，当水深为26cm时，弹簧长度为16cm，正方体浸入水中的深度为：
33−33
正方体的边长为20cm，正方体体积为：𝑉物=(20𝑐𝑚)=8000𝑐𝑚=8×10𝑚；
𝐺
48𝑁
𝐹
48𝑁
正方体的密度：𝜌=
𝑚𝑉
=
4.8𝑘𝑔8×10−3𝑚3
=0.6×103𝑘𝑔/𝑚3；
1
𝑉排=2𝑉物，(3)正方体有一半浸没在液体中时，弹簧恰好处于原长，此时𝐹浮=𝐺=48𝑁，3333
由𝜌液𝑔𝑉排=𝜌物𝑔𝑉物，𝜌液=2𝜌物=2×0.6×10𝑘𝑔/𝑚=1.2×10𝑘𝑔/𝑚，
正方体上表面刚好与液面相平，正方体全部浸没在水中，此时𝐹′浮=𝜌液𝑔𝑉物=𝐹′浮=𝐺+𝐹′，1.2×103𝑘𝑔/𝑚3×10𝑁/𝑘𝑔×8×10−3𝑚3=96𝑁，对正方体受力分析得：
第26页，共27页
𝐹′=𝐹′浮−𝐺=96𝑁−48𝑁=48𝑁，弹簧伸长的长度为：△𝑥′=
𝐹′
=4.8𝑁/𝑐𝑚=10𝑐𝑚， 𝑘
48𝑁
16𝑐𝑚+10𝑐𝑚=26𝑐𝑚，26𝑐𝑚+20𝑐𝑚=46𝑐𝑚=此时弹簧的长度为：则液体的深度为：0.46𝑚；
33
液体的压强为：𝑝=𝜌液𝑔ℎ=1.2×10𝑘𝑔/𝑚×10𝑁/𝑘𝑔×0.46𝑚=5520𝑃𝑎。
答：(1)𝑘的值为4.8𝑁/𝑐𝑚；
(2)正方体的密度为：0.6×103𝑘𝑔/𝑚3； (3)液体的压强为：5520Pa。
【解析】(1)由𝐹=𝑘△𝑥计算得；
(2)已知正方体的重力，根据𝑚=𝑔求质量；当水深为26cm时，弹簧长度为16cm，正方体浸入水中的深度为：26𝑐𝑚−16𝑐𝑚=10𝑐𝑚，正方体的边长为20cm，正方体体积为𝑉物=(20𝑐𝑚)3，再由𝜌=计算正方体的密度；
𝑉
(3)正方体上表面刚好与液面相平，正方体全部浸没在水中，𝐹浮=𝐺+𝐹，计算弹簧伸长的长度△𝑥′，从而得出液体的深度，由𝑝=𝜌液𝑔ℎ计算液体压强。
本题考查密度的计算、浮力的计算和液体压强的计算，比较综合，难度较大。
𝑚
𝐺
第27页，共27页
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